斯坦納-萊莫定理的λ-推廣

孫四周

(江蘇省蘇州市吳江盛澤中學 215228)

初等幾何中有個名氣非常響的定理——斯坦納-萊莫(Steiner-Lehmer)定理[1]，內容如下：

如果一個三角形的兩條內角平分線相等，則該三角形是等腰三角形.

歐幾里得將該結論作為定理收入了《幾何原本》，對于其證明卻只字未提.直到1840年經萊莫(C.L.Lehmus)重新提起，斯坦納(J.Steiner)首先給出了證明，引起了數學界極大反響，從此而被稱為“斯坦納-萊莫定理”.此后百余年，全世界的各種雜志上經常可以看到論證這個定理的文章，至今已有接近百種證明.1980年，美國《數學教師》月刊還登載了這個定理的研究現狀.這個定理能夠保持如此持久的熱度，主要是因為它符合“著名定理”的特征，比如：表述非常簡單，結論看似顯然而證明卻往往涉及更深刻的內容.

有趣的是，2012年文[2]用中國古人所擅長的“割補求積法”在不添加任何輔助線的情況下，給出一個簡潔(也可以說是“中國化”)的證明.并引申出13個定理，拓寬了它的應用.本文將向另一個方向出發，首先把“角平分線”換成“三等分角線”，進而給出任意等分角的推廣(本文中單字母表示角時意義如下：A=∠BAC,B=∠ABC,C=∠BCA).

1 三等分角的Steiner-Lehmer定理

證明由S△ABD+S△ACD=S△BAE+S△BCE知，

如果A>B,則①式左邊為正，右邊為負；如果A

類似地,對于三等分角的另外一條分角線，Steiner-Lehmer定理也成立.即

證明同上,略.

如果改成“四等分角”“五等分角”……“n等分角”，是否還成立呢？經研究發現，結論是肯定的.事實上我們有更一般的推廣.

2 Steiner-Lehmer定理的λ-推廣

定理3△ABC中，D,E分別是邊CB,CA上的點，且∠BAD=λA,∠ABE=λB,其中λ是常數且λ∈(0,1),則AD=BE的充要條件是CA=CB.

此定理的證明比較繁瑣,為了體現其層次性和關鍵技巧,我們先證下面的兩個引理，再將證明逐漸展開.

引理1若λ∈(0,1)，A，B是△ABC的內角，則A>B的充要條件是sinλA>sinλB.

證明只要證明當x∈(0,π)時，f′(x)>0恒成立即可.

記g(x)=sinλx-λsinx，則g′(x)=λcosλx-λcosx=λ(cosλx-cosx)，因為0<λxcosx.故g′(x)>0恒成立，即g(x)在(0,π)上遞增.又g(0)=0，故當x∈(0,π)時，g(x)>0.從而知f′(x)>0恒成立，即知f(x)在(0,π)上單調遞增.證畢.

定理3的證明

由引理1，2知,若A>B,則上式左邊為正,右邊為負,矛盾;若A

3 Steiner-Lehmer定理的等價形式

在定理3中，研究線段AD與BE的交點S(圖3)，以及由此產生的線段SA和SB，也是一個很有意義的課題，并且可以得到一系列有價值的結果.

定理4△ABC中，D,E分別是邊CB,CA上的點，且∠BAD=λA,∠ABE=λB,其中λ是常數且λ∈(0,1),AD,BE的交點是S,則SA=SB的充要條件是AD=BE.

證明一方面，在△ABS中，SA=SB?λA=λB?A=B.另一方面，△ABC中，AD=BE?A=B(定理3).綜合即知SA=SB?AD=BE.證畢.

綜合定理2和定理4，立刻知：

定理5△ABC中，D,E分別是邊CB,CA上的點，且∠BAD=λA,∠ABE=λB,其中λ是常數且λ∈(0,1),AD,BE的交點是S,則SA=SB的充要條件是CA=CB.

定理6△ABC的內角平分線AD,BE的交點是S,若SA=SB,則CA=CB(圖3).

按照定理6的構圖原則，我們構造更具一般意義的圖形，可得：

根據歐幾里得第五公設知，射線AC′與BC′的交點C′在C的同側.

(1)如果0<λ<1，則C′在△ABC的內部，即為定理5，已證;

(2)如果λ=1，則C′與C重合，顯然;