核心素養咋落地武漢試題有見地*

☉湖南省常德芷蘭實驗學校初中部陳金紅

*基金項目：本文系全國教育科學“十二五”規劃2013年度教育部規劃課題“生命課堂視野下的教學案例研究”（課題編號：FHB130512）的成果之一.

各地中考題，基礎全覆蓋、形式各異，核心素養咋落地？武漢試題有見地：第10題翻折還原出驚奇；第16題條件離散難落地、特征構造露詭計；第23題三個小題，透出真諦，同型化歸，相互幫襯就非難題！下面就談談這三題：

例題1：（2018年湖北武漢市中考數學卷第16題）如圖1，在△ABC中，∠ACB=60°，AC=1，D是邊AB的中點，E是邊BC上一點.若DE平分△ABC的周長，則DE的長是______.

圖1

圖2

1.思路解析

（1）針對已知條件“若DE平分△ABC的周長”，學生一般推理到BE=1+CE，或BC=1+2CE就止步了，如何再走方向不明！

要想前進必須聯想，針對已知條件“∠ACB=60°，AC=1”，其實它是等邊三角形的部分特征，“補美補全”構造出等邊三角形即正△ACF，見圖2.

（2）于是一個中間“鏈條”即正△ACF來“續”上，此時“臨近”推理出AC=AF=CF=1，又可以計算推理出BF=BC-CF=（1+2CE）-1=2CE.學生一般推理到BF=2CE就止步了，如何再走方向又不明了！

要想前進必須聯想，上面的中間結果“BF=2CE”是三角形中位線定理的結論之一，顯然與△ABF相關聯，此時“D是邊AB的中點”乃已知條件！于是不妨取AF的中點G，連接DG，即得△ABF的中位線，且DG=BF=CE，見圖3.

圖3

圖4

（3）一般學生由于不習慣于借助“已知和中間推理出來的結論”和觀察由此帶來的“變化后的圖形”，到圖3也就止步了！

要想前進必須聯想，上面的中間結果DG=CE，DG∥CE，即有“一組對邊平行且相等”，此乃判定平行四邊形的方法之一，連接CG，見圖4，于是有平行四邊形CGDE，于是所求DE即CG的長度！而CG所在的三角形是一個正三角形，邊長為1，立即可以求得

顯然是“推理、聯想”同時上，交錯著“攻擊”前進的結果！

2.解答概要

（1）在邊CB上取線段CF=AC，連接AF.因∠ACB=60°，可得正△ACF.

（2）又DE平分△ABC的周長，D是邊AB的中點?BE=1+CE，或BC=1+2CE?BF=BC-CF=2CE.

（3）再取AF邊的中點G，連接GD、CG.于是GD是△ABF的中位線，且DG=BF=CE，即DG=CE.又DG∥CE，則可得平行四邊形CGDE?DE=CG.

3.教學觀察

（1）思路線索上：先直觀分析出BE與CE的數量關系，通過計算推理演算再發現BC與AC、CE的數量關系（BC=1+2CE），由已知邊AC長為1、∠ACB=60°，中間結論2CE，聯想到構造正三角形、構造三角形中位線、構造平行四邊形、構造直角三角形等，由此即彼地推理著、聯想著、交錯著，前進……邏輯思維環環相扣，推理和聯想“步步驚心”.

（2）圖形主要涉及：等邊三角形、直角三角形、平行四邊形.

（3）結論主要涉及：勾股定理或銳角三角函數的定義、三角形中位線定理、平行四邊形的判定與性質.

（4）方法注要涉及：除了分析和綜合法，就是構造法！

由上述不難體會出：雖是一道小小的填空題，卻涉及圖形、知識和方法不少且均是初中數學的重中之重，顯然不失為一道考查學生學科核心素養的好題！考場上，數學壓軸題（填空或大題）常常似曾相似，卻又觸手不可及，一般是因為問題條件過于“離散”，聯系空間過于“曠闊”，已知和所求一時難以“牽手”，這也是我們研究中考答題的“節點”，一種有效的方式是：推理、聯想同時“上”，交錯“攻擊”向前進，也就是：前進一步、再前進一步！

例題2：（2018年湖北武漢市中考數學卷第10題）如圖5，在⊙O中，點C在優弧AB上，將弧BC沿BC折疊后剛好經過AB的中點D.若⊙O的半徑為，AB=4，則BC的長是（）.

圖5

圖6

1.思路解析

要想前進必須聯想，結合上面的中間結果AD=DB=AE=2，于是連接DE得EF，再連接BF得四邊形FBCE.此時有兩個特殊三角形，即等腰Rt△AED和等腰Rt△BFD，各邊長即可求得，見圖7.

圖7

圖8

（2）針對已知條件“將弧BC沿BC折疊后剛好經過AB的中點D”，好像“好處”就像上面所說的只能運用垂徑定理，真的嗎？

要想前進必須聯想，要證明四邊形FBCE是矩形，只差一個直角條件了，比如，證明出CB⊥BF即可達到目的！

用軸對稱變換的觀點看：弧BC（原像）的像是弧BDC，對稱軸是BC所在的直線；⊙O的其他部分比如弧、弦及弦上的點比如點D等的原像呢？“一一還原”，見圖8.

其實兩個圓是等圓，所求BC是相交兩等圓的公共弦，公共弦BC所在的直線是這兩個等圓構成的整體圖形的對稱軸！立即可以推出：∠ABC=∠A′BC、∠ABF=∠A′BG=45°?BC⊥FB，結合∠C=∠F=90°，得四邊形FBCE是矩形

2.解答概要

（1）連接OD，構造直徑EB，連接AE、EC?OD=1、AD=DB=AE=2.

（2）連接DE得EF?等腰Rt△AED和等腰Rt△BFD及各邊長.

（3）用軸對稱變換的觀點“一一還原”⊙O的各個部分比如弧、弦及弦上的點比如點D等的原像?∠ABC=∠A′BC、∠ABF=∠A′BG=45°?BC⊥FB，結合∠C=∠F=90°，可得四邊形FBCE是矩形

3.教學觀察

先是條件自然發散即可得出“一串串”中間過渡但很有價值的信息，很有人情味的“誘導”設計；至此解題思路“戛然而止”，凸顯“翻折”條件如果只是“蜻蜓點水”式的“挖掘”是不可能輕易解決問題的，如果對幾何變換做整體完整的直觀理解，必是：像尋原像，圖形補全，推出軸對稱圖形，從而突破“翻折”條件“黑障區”，思路豁然開朗！可見學科核心素養的落地，問題載體恰當與否決定成敗，其中問題即有直觀可以感受的信息源，亦必須有“只有充分”挖掘才可前進的“資本”，啟迪我們的教學方向：理念問題化，問題要有“設計”，這個“設計”就是要有思維“黑障區”！

例題3：（2018年湖北武漢市中考數學卷第23題）在△ABC中，∠ABC=90°.

（1）如圖9，分別過A、C兩點作經過點B的直線的垂線，垂足分別為M、N，求證：△ABM △BCN.

（2）如圖10，P是邊BC上一點，∠BAP=∠C，tan∠PAC=，求tanC的值.

圖9

圖10

（3）如圖11，D是邊CA的延長線上一點，AE=AB，∠DEB=，直接寫出tan∠CEB的值.

圖11

1.思路解析

對于（1），在兩個已知的直角三角形ABM與直角三角形CBN中，有很多角角關系如互余，再加上∠ABC=90°，與頂點B處的兩個銳角結合，又會產生新的角角關系如互余或相等，立即可得所證的三角形相似.若連接AC，立即可得菲爾德總統證明勾股定理的“模型圖”.

對于（2），結合第（1）小題的“模型圖”，構造如下：

過P點作PN⊥AP交AC于N點，過N作NM⊥BC于M點；Rt△MNC左邊的圖形四邊形ABMN就是“模型圖”.

圖12

圖13

對于（3），同樣結合第（1）小題的“模型圖”，構造如下：

過A作AH⊥EB交EB于H，過C作CK⊥EB交EB的延長線于K；四邊形AHKC就是“模型圖”.

2.解答概要

（1）一對直角及同角的余角相等?∠1=∠2?△ABM△BCN.

（2）過P點作PN⊥AP交AC于N點，過N作NM⊥BC于M點.易得△BAP △MPN

3.教學觀察

小題之間，貌似獨立，實則聯系：題（1）乃基本相似，其實就是直角三角形勾股定理的“菲爾德總統證明方法”模型圖；題（2）可化歸于（1），圖不同路同，同型化歸路通透，信息充足立可求；題（3）仍化歸為（1）之模型圖，思路清晰、利索干凈！總是仿（1）構圖就是模型圖，題（1）鋪路，承前啟后，方法照舊，模型點睛，問題定清！啟迪我們的教學方向：難題教學分解的“腳手架”和“模型圖”是“橋梁”，關鍵在于要有“設計”！使學生內化理念：站在題目的“肩膀上”，會使我們入題快、想得深、速得分，學科素養“亮晶晶”！

毋須多例，由上面三題的教學賞析不難得出：無論是從考查內容、問題的設計，還是知識覆蓋、思維程度、縱橫跨度無不讓人點贊，還有更多好題，限于篇幅，建議收集查悉，因此我妄言：數學素養落地于問題，問題承載價值要設計，設計“看齊”武漢題，教學指導接地氣！