多維度巧解以圓為背景的最值問(wèn)題

蔣敏 李鮮

摘 要：在解析幾何中，圓是一類(lèi)重要的考察載體.通過(guò)以圓為背景的最值問(wèn)題的解題教學(xué)，能夠很好的培養(yǎng)學(xué)生獨(dú)立思考能力、自主探究能力、精準(zhǔn)解題能力，達(dá)到“通一題、會(huì)一類(lèi)、透一片”，進(jìn)一步滲透學(xué)科核心素養(yǎng).

關(guān)鍵詞：多維度;巧解;圓;最值

中圖分類(lèi)號(hào)：G632文獻(xiàn)標(biāo)識(shí)碼：A文章編號(hào)：1008-0333（2021）34-0062-02

收稿日期：2021-09-05

作者簡(jiǎn)介：蔣敏（1983.11-），男，中學(xué)高級(jí)教師，從事高中數(shù)學(xué)教學(xué)研究.

李鮮（1986.3-），女，中學(xué)一級(jí)教師，從事高中數(shù)學(xué)教學(xué)研究.

基金項(xiàng)目：本文系四川省數(shù)學(xué)會(huì)第一屆數(shù)學(xué)教育規(guī)劃立項(xiàng)課題“校本教研在推動(dòng)數(shù)學(xué)教學(xué)中的作用”（項(xiàng)目編號(hào)2020SXHJY010）階段性研究成果.[FQ）]

圓是一類(lèi)特殊的幾何圖形，它形式簡(jiǎn)潔，圖形優(yōu)美，生活中隨處可見(jiàn)，具有高度的對(duì)稱(chēng)性.以圓為背景，考察最大值、最小值，取值范圍等等，是解析幾何中常見(jiàn)的一類(lèi)題型.它涉及的學(xué)科知識(shí)內(nèi)涵豐富，解題構(gòu)思常常巧妙靈活，能夠很好的鍛煉學(xué)生的數(shù)學(xué)思維能力，進(jìn)一步滲透數(shù)學(xué)學(xué)科核心素養(yǎng).在課堂教學(xué)中，結(jié)合學(xué)生實(shí)際，教師積極引導(dǎo)，學(xué)生自主探究，以微專(zhuān)題的形式，多維度巧解以圓為背景的最值問(wèn)題，讓解題教學(xué)的育人目標(biāo)能夠順利達(dá)成、落地生根.

一、以斜率、截距、距離的幾何意義為視角巧解最值

例1 已知實(shí)數(shù)x、y滿(mǎn)足方程x2+y2-4x+1=0.求：

（1） yx的最大值和最小值;

（2 ） y-x的最小值;

（3） x2+y2的最大值和最小值.

圖1

解析 （1）如圖1，方程x2+y2-4x+1=0表示以點(diǎn)（2，0）為圓心，以3為半徑的圓.

設(shè)yx=k，即y=kx，則圓心（2，0）到直線(xiàn)y=kx的距離為半徑時(shí)直線(xiàn)與圓相切，

斜率取得最大、最小值.由|2k-0|k2+1=3，解得k2=3，所以kmax=3，kmin=-3.

（2）設(shè)y-x=b，則y=x+b，僅當(dāng)直線(xiàn)y=x+b與圓切于第四象限時(shí)，截距b取最小值，由點(diǎn)到直線(xiàn)的距離公式，得|2-0+b|2=3，

即b=-2±6，故（y-x）min=-2-6.

（3）x2+y2是圓上點(diǎn)與原點(diǎn)的距離的平方，故連接OC，與圓交于B點(diǎn)，并延長(zhǎng)交圓于C′，則（x2+y2）max=|OC′|2=（2+3）2=7+43，（x2+y2）min=|OB|2=（2-3）2=7-43.

點(diǎn)評(píng) 將yx、y-x 、x2+y2等表達(dá)式分別賦予斜率、截距、距離等幾何意義，然后利用數(shù)形結(jié)合來(lái)求解.“聯(lián)想生智慧，構(gòu)造定乾坤”，善于聯(lián)想所求式子的幾何意義是求最值的一種重要方法.

類(lèi)題鞏固1 已知（x-2）2+（y-1）2=1，求（x-1）2+y2的最值.

解析 令（x-1）2+y2=r2是以（1，0）為圓心，半徑為r的同心圓，問(wèn)題轉(zhuǎn)化為求在（x-2）2+（y-1）2=1條件下，半徑r的最值.

顯然，外切時(shí)r最小，r2min= （2-1）2，內(nèi)切時(shí)r最大，r2max=（2+1）2.

類(lèi)題鞏固2 若P（x，y）在圓（x-2）2+y2=3上運(yùn)動(dòng)，則y+2x-2的取值范圍為.

解析 由題可知，y+2x-2為經(jīng)過(guò)（2，-2）和圓上的點(diǎn)的直線(xiàn)斜率，當(dāng)直線(xiàn)與圓相切或相交時(shí)，圓心到直線(xiàn)的距離小于等于為半徑，即

|2k-2k-2|1+k2≤3，故k∈（-∞，-33]∪[33，+∞）.

例2 設(shè)點(diǎn)M（x0，1），若在圓O：x2+y2=1上存在點(diǎn)N，使得∠OMN=45°，則x0的取值范圍是（）.

A.[-1，1] B.[-12，12]

C.[-2，2]D.[-22，22]

圖2

解析 點(diǎn)M（x0，1）在直線(xiàn)y=1上，而直線(xiàn)y=1與圓x2+y2=1相切.據(jù)題意可設(shè)點(diǎn)N（0，1），如圖，則只需∠OMN≥45°即可，此時(shí)有tan∠OMN=|ON||MN|≥tan45°，得0<|MN|≤|ON|=1，即0<|x0|≤1，當(dāng)M位于點(diǎn)（0，1）時(shí)，顯然在圓上存在點(diǎn)N滿(mǎn)足要求，綜上可知-1≤x0≤1. 故選A.

點(diǎn)評(píng) 由題易知，隨著N點(diǎn)在圓上的移動(dòng)，∠OMN的大小在變化，只有N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到讓MN是圓的切線(xiàn)時(shí)，∠OMN最大.結(jié)合圖形可知當(dāng)∠OMN≥45°，則圓上就存在滿(mǎn)足條件的點(diǎn).

類(lèi)題鞏固2 已知圓C：x2+y2=4，點(diǎn)P（x0，y0）在直線(xiàn)x-y-4=0上，O為坐標(biāo)原點(diǎn)，若圓C上存在點(diǎn)Q，使∠OPQ=30°，則x0的取值范圍為.

解析 過(guò)點(diǎn)P作圓C的切線(xiàn)，切點(diǎn)為D，連結(jié)CD，則CD⊥PD，若∠DPC=30°，則PC=2CD=4;

若PC≤4，則圓C上存在點(diǎn)A，使∠APC=30°，

由x20+y20≤42，即x20+（x0-4）2≤16，即x20-4x0≤0，得0≤x0≤4.

類(lèi)題鞏固4 已知圓C：（x-2）2+y2=4，點(diǎn)P（x0，y0）在直線(xiàn)y=x+2上，若圓C上存在兩點(diǎn)A、B，使PA=3PB，求x0的取值范圍.

解析 由PA=3PB知|AB|=2|PB|，而|AB|≤2r，則點(diǎn)P到圓上的點(diǎn)B的最小距離應(yīng)該小于或等于半徑，所以（x0-2）2+y20-2≤2，又因?yàn)辄c(diǎn)P在直線(xiàn)y=x+2上，所以y0=x0+2，即（x0-2）2+（x0+2）2-2≤2，解得-2≤x0≤2.

二、以構(gòu)造函數(shù)法的視角來(lái)巧解最值

例3 設(shè)P，Q分別為圓x2+（y-6）2=2和橢圓x210+y2=1上的點(diǎn)，則P，Q兩點(diǎn)間的最大距離是（）.

A.52 B.46+2 C.7+2 D.62

解析 設(shè)圓心為點(diǎn)C，則圓x2+（y-6）2=2的圓心為C（0，6），半徑r=2.

設(shè)點(diǎn)Q（x0，y0）是橢圓上任意一點(diǎn)，則x2010+y20=1，即x20=10-10y20，

|CQ|=10-10y20+（y0-6）2=-9y20-12y0+46=-9（y0+23）2+50，當(dāng)y0=-23時(shí)，|CQ|有最大值52，則P，Q兩點(diǎn)間的最大距離為52+r=62.選擇D.

點(diǎn)評(píng) 根據(jù)條件列出關(guān)于所求目標(biāo)函數(shù)的關(guān)系式，然后轉(zhuǎn)化為函數(shù)求最值.這是求圓中最值的常用方法.同時(shí)，解答中尤其要結(jié)合變量的取值范圍.

類(lèi)題鞏固3 在平面直角坐標(biāo)系xOy中，圓C：x2+y2=4分別交x軸正半軸及y軸負(fù)半軸于M，N兩點(diǎn)，點(diǎn)P為圓C上任意一點(diǎn)，則PM·PN的最大值為.

解析 易知M（2，0），N（0，-2），設(shè)P（2cosθ，2sinθ）θ∈[0，2π），則PM=（2-2cosθ，-2sinθ），PN=

（-2cosθ，-2-2sinθ），則有PM·PN=4cos2θ-4cosθ+4sin2θ+4sinθ=4+42sin（θ-π4），所以PM·PN的最大值為4+42.

類(lèi)題鞏固6 在平面直角坐標(biāo)系中，O為原點(diǎn)，A（-1，0），B（0，3），C（3，0），動(dòng)點(diǎn)D滿(mǎn)足|CD|=1，則|OA+OB+OD|的最大值是.

解析 由|CD|=1，得動(dòng)點(diǎn)D在以C為圓心，半徑為1的圓上，故可設(shè)D（3+cos α，sin α），所以O(shè)A+OB+OD=（2+cos α，3+sin α），所以O(shè)A+OB+OD2=（2+cosα）2+（3+sinα）2=8+4cosα+23sin α=8+27sin （α+φ），

所以（|OA+OB+OD|2）max=8+27，

即|OA+OB+OD|max=7+1.

三、以常用的不等式性質(zhì)的視角來(lái)巧解最值

例4 在平面直角坐標(biāo)系xOy中，以點(diǎn)（1，0）為圓心且與直線(xiàn)

mx-y-2m-1=0（m∈R）

相切的所有圓中，半徑最大的圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為.

解析 由題意得，半徑等于|m+1|m2+1=（m+1）2m2+1=1+2mm2+1≤1+2|m|m2+1≤2，當(dāng)且僅當(dāng)m=1時(shí)取等號(hào)，所以半徑最大為r=2，故所求圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為（x-1）2+y2=2.

點(diǎn)評(píng) 當(dāng)所求的表達(dá)式是滿(mǎn)足基本不等式的結(jié)構(gòu)特征，如a·b或者a+b的表達(dá)式求最值，常常利用題設(shè)條件建立兩個(gè)變量的等量關(guān)系，進(jìn)而求解最值. 同時(shí)需注意“一正、二定、三相等”的限制.

類(lèi)題鞏固4 直線(xiàn)2ax+by-2ab+6=0（a>0，b>0）平分圓（x-1）2+（y-2）2=4的面積，則ab的最小值等于.

解析 由題知，直線(xiàn)2ax+by-2ab+6=0（a>0，b>0）過(guò)圓的（x-1）2+（y-2）2=4圓心（1，2），所以2a+2b-2ab+6=0，即a+b-ab+3=0（a>0，b>0），又因?yàn)閍+b≥2ab（當(dāng)且僅當(dāng)a=b時(shí)取等號(hào)），即ab-2ab-3≥0，所以

ab≥3，ab≥9.

類(lèi)題鞏固8 設(shè)m，n∈R，若直線(xiàn)l：mx+ny-1=0與x軸相交于點(diǎn)A，與y軸相交于點(diǎn)B，且l與圓x2+y2=4相交所得弦的長(zhǎng)為2，O為坐標(biāo)原點(diǎn)，求△AOB面積的最小值.

解析 由題意知A（1m，0），B（0，1n），d2=r2-12=4-1=3，所以d=3，即圓心到直線(xiàn)的距離d=-1m2+n2=3，所以m2+n2=13.S=121m·1n=12mn，又S=12mn≥1m2+n2=3，當(dāng)且僅當(dāng)m=n=16時(shí)取等號(hào)，所以最小值為3.

參考文獻(xiàn)：

[1]劉紹學(xué).普通高中課程標(biāo)準(zhǔn)試驗(yàn)教科書(shū)·數(shù)學(xué)必修2（必修A版）[M].北京：人民教育出版社，2007.

[2]王懷學(xué)，肖斌.高考數(shù)學(xué)經(jīng)典題型與變式[M].拉薩：西藏人民出版社，2016.

[責(zé)任編輯：李 璟]